利用导数解决函数的单调性和极值问题，经常需要进行分类讨论，所以导数与分类讨论结下了不解之缘，要想获得高分，必须占领这块“阵地”.我们在遇到含有参数的导数问题时往往得分率不高，主要原因就是不会分类讨论.
下面我们从一道简单例题的解答入手，看看遇到参数时应该如何进行分类讨论求解.
例 若函数[f（x）=x+2x+lnx]，求函数[f（x）]的极值点.
解析 因为[f（x）=x+2x+lnx（x0）]，
令[f（x）=0]得[x=-2]（舍）或[x=1.]
列表如下：
[[x]＼（0，1）＼1＼（1，+∞）＼[f（x）]＼―＼0＼+＼[f（x）]＼K＼极小值＼J＼]
由上表知，[x=1]是函数[f（x）]的极小值点.
变式1 若函数[f（x）=x+ax+lnx]，试讨论函数[f（x）]的极值存在情况.
令[f（x）=0]，即[x2+x-a=0]， [Δ=1+4a]（注意这里方程根的个数需要讨论）.
（1）当[Δ≤0]，即[a≤-14]时，[f（x）≥0]，[f（x）]在（0，+∞）上单调递增，无极值.
①若[a0]，则[x20.]
列表如下：
[[x]＼（0，[x2]）＼[x2]＼（[x2]，+∞）＼[f（x）]＼―＼0＼+＼[f（x）]＼K＼极小值＼J＼]
由上表知，[x=x2]时函数[f（x）]取到极小值，即[a0]函数[f（x）]存在极小值.
综上所述，当[a0]时，函数[f（x）]存在极值;当[a≤0]时，函数[f（x）]不存在极值.
变式2 若函数[f（x）=ax+2x+lnx]，求函数[f（x）]的单调区间.
令[f（x）]=0，即[h（x）=ax2+x-2=0]（注意这里方程的类型需要讨论）.
①[x∈（0，2）， h（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]在（0，2）上单调递减.
②[x∈（2，+∞）， h（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]在（2，+∞）上单调递增.
①若[Δ≤0]，即[a≤-18]时，在[（0，+∞）]上[h（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]在（0，+∞）上单调递减.
②若[Δ0]，即[-180]时，令[h（x）=0]得，
列表如下：
列表如下：
[[x]＼（0，[x2]）＼[x2]＼（[x2]，+∞）＼[f（x）]＼―＼0＼+＼[f（x）]＼K＼极小值＼J＼]
设[p（x）=ax2-（a+1）x+1]，（注意这里方程的类型需要讨论）
（1）当[a=0]时，作出[p（x）=-x+1]的图象可知，
[x∈（0，1）， p（x）0，]即[f（x）0]，所以[f（x）]在（0，1）上单调递增.
[x∈（1，+∞）， p（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]在（1，+∞）上单调递减.
（2）当[a0]时，解[p（x）=0]得，[x=1]或[x=1a.]
因为[a0]，作出[p（x）=ax2-（a+1）x+1]的图象可知，
[x∈（0，1）， p（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]在（0，1）上单调递增.
[x∈（1，+∞）， p（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]在（1，+∞）上单调递减.
所以[f（x）]在[2，3]上单调递减，
所以[fmin（x）=f（3）=3a-13-（a+1）ln3].
（3）当[a0]时，（注意这里两根与定义域需要讨论）
[x∈（2，1a）]，[p（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]递减.
[x∈（1a，3）]，[p（x）0]，即[f（x）0]，所以[f（x）]递增.
所以[fmin（x）=f（1a）=1-a+（a+1）lna.]
所以[f（x）]递减，所以[fmin（x）=f（3）=3a-13-（a+1）ln3.]
小结 在利用导数求函数极值、最值及单调区间等问题时，若函数中含有参数，我们需对参数进行讨论.
①若导函数的二次项系数为参数，需对二次项系数为正、负、零进行分类讨论;
②若需考虑判别式Δ，需对Δ0，Δ=0，Δ0进行分类讨论;
③在求最值或单调区间时，由[f（x）=0]解出的根， 需与给定区间内的两个根比较大小进行分类讨论.
分类讨论的思想方法就是当问题所给的对象不能进行统一研究时，就需要对研究对象按某个标准分类，然后对每一类分别研究得出第一类的结论，最后综合各类结果得到整个问题的解答，其实质是“化整为零，各个击破，再积零为整”.在分类讨论时，要注意：①分类对象确定，标准统一;②不重复，不遗漏;③分层次，不越级讨论.
